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广东海洋大学正方教育系统【一】:广东海洋大学操作系统历年考题_答案
广东海洋大学 —— 学年第 学期
班级：
《操作系统》课程试题
课程号：
√ 考试
√ A卷
√ 闭卷
姓
名：
1、判断题（10小题，每小题1分，共10分）
学号：
加白纸
张
1. 进程的并发性是多个进程同时运行。（ ） 答案：错 难度系数：C 知识点：进程
2. 实时系统中的进程调度，通常采用抢占式的优先数高者优先调度算法。（ ） 答案：对 难度系数：C 知识点：操作系统概念
3. 因为临界资源一次只能允许一个进程使用，所以临界资源不能共享。（ ） 答案：错 难度系数：B 知识点：临界资源 4. Spooling系统就是脱机I/O系统。（ ） 答案：对 难度系数：C 知识点：Spooling 5. 一旦出现死锁, 所有进程都不能运行。（ ） 答案：错 难度系数：C 知识点：死锁
6. 分区式管理中内存的保护通常是由硬件实现的。（ ） 答案：错 难度系数：B 知识点：内存分区式管理
7. 段页式系统中，以页为单位管理内存空间，以段为单位管理地址空间。（ ） 答案：对 难度系数：C 知识点：内存段式式管理 8. 流式文件是指无结构的文件。（ ） 答案：对 难度系数：C 知识点：文件
9. 一个运行的进程用完了分配给它的时间片后，它的状态变为阻塞。（ ） 答案：错 难度系数：B 知识点：进程状态
10. 采用多道程序设计的系统中，系统的程序道数越多，系统的效率越高。（ ） 答案：错 难度系数：B知识点： 多道程序 2、 选择题（10小题，每小题2分，共20分）
1．（）不是基本的操作系统。
A、批处理操作系统 B、分时操作系统 C、实时操作系统 D、网络操作系统 答案：D 难度系数：C 知识点：操作系统概念
2．处理器执行的指令被分成两类，其中有一类称为特权指令，它只允许（ ）使用。 A、操作员 B、联机用户 C、操作系统 D、目标程序
答案：C 难度系数：C 知识点：操作系统特权指令
3．进程所请求的一次打印输出结束后，将使进程状态从（） A、运行态变为就绪态 B、运行态变为等待态 C、就绪态变为运行态 D、等待态变为就绪态 答案：D 难度系数：B 知识点：进程状态
4．分页式存储管理中，地址转换工作是由（ ）完成的。 A、硬件 B、地址转换程序 C、用户程序 D、装入程序
答案：A 难度系数：C 知识点： 分页式存储管理
5．对记录式文件，操作系统为用户存取文件信息的最小单位是（ ）。 A、字符 B、数据项 C、记录 D、文件 答案：C 难度系数：C 知识点： 记录式文件 6．通常把通道程序的执行情况记录在（ ）中。 A、PSW B、PCB C、CAW D、CSW
答案：D 难度系数：B 知识点： 通道程序
7．一作业进入内存后，则所属该作业的进程初始时处于（ ）状态。 A、运行 B、等待 C、就绪 D、收容 答案：C 难度系数：C 知识点：作业状态
8．临界区是指并发进程中访问共享变量的（ ）段。 A、管理信息 B、信息存储 C、数据 D、程序 答案：D 难度系数：B 知识点：临界区 9．产生系统死锁的原因可能是由于（ ）。 A、进程释放资源
B、一个进程进入死循环
C、多个进程竞争，资源出现了循环等待 D、多个进程竞争共享型设备
答案：C 难度系数：B 知识点：死锁
10．UNIX系统中，进程调度采用的技术是（ ）。 A、时间片轮转 B、先来先服务 C、静态优先数 D、动态优先数
答案：D 难度系数：B 知识点：UNIX操作系统概念
3、填空题（10空，每空2分，共20分）
1.如果系统中有n个进程,则在等待队列中进程的个数最多为________个。 答案：n-1 难度系数：C 知识点：进程同步
2.在操作系统中,不可中断执行的操作称为_________。 答案：原语 难度系数：B 知识点：操作系统概念
3.如果系统中的所有作业是同时到达的,则使作业平均周转时间最短的作业调度是_________。 答案：短作业优先算法 难度系数：C 知识点：作业概念
4.如果信号量的当前值为-4,则表示系统中在该信号量上有________个等待进程。 答案：四 难度系数：B 知识点：信号概念
5.在有m个进程的系统中出现死锁时,死锁进程的个数k应该满足的条件是_________。 答案：k≤m 难度系数：B 知识点：操作系统进程概念
6.并发进程中涉及相同变量的程序段叫做临界区,对这些程序段要执行_______。 答案：互斥 难度系数：B 知识点：操作系统进程概念 7.分区存储管理方案不能实现虚拟的原因是___________。
答案：作业的地址空间不能超过存储空间 难度系数：B 知识点：操作系统内存管理
8.目前认为逻辑文件有两种类型,即_________________式文件。
答案：有结构的记录与无结构的流 难度系数：B 知识点：操作系统文件概念www.shanpow.com_广东海洋大学正方教育系统。
9.进程调度算法采用等时间片轮转法,时间片过大,就会使轮转法转化为_______调度算法。 答案：先来先服务(FCFS) 难度系数：B 知识点：操作系统进程调度概念 10.采用交换技术获得的好处是以牺牲__________为代价的。 答案：CPU时间 难度系数：C 知识点：操作系统交换概念 4、 简答题（4小题，每小题5分，共20分）
1．进程调度中"可抢占"和"非抢占"两种方式，哪一种系统的开销更大？为什么？ （1）可抢占式会引起系统的开销更大。（1分）
(2)可抢占式调度是严格保证任何时刻，让具有最高优先数（权）的进程占有处理机运行，因此增加了处理机调度的时机，引起为退出处理机的进程保留现场，为占有处理机的进程恢复现场等时间开销增大。（4分）
难度系数 B 知识点：进程调度 2．一个含五个逻辑记录的文件，系统把它以链接结构的形式组织在磁盘上，每个记录占用一个磁盘块，现要求在第一记录和第二记录之间插入一个新记录，简述它的操作过程。
答：从文件目录中找到该文件，按址读出第一个记录（1分）；取出第一个记录块中指针，存放到新记录的指针位置（2分）；把新记录占用的物理块号填入第一个记录的指针位置启动磁盘把第一个记录和新记录写到指字的磁盘块上（2分）。难度系数 B 知识点：文件，磁盘
3．在spool系统中设计了一张"缓输出表"，请问哪些程序执行时要访问缓输出表，简单说明之。 答：井管理写程序把作业执行结果文件登记在缓输出表中（2分）； 缓输出程序从缓输出表中查找结果文件并打印输出（3分）。 难度系数 B 知识点：I/o技术，spool技术
4．试比较进程调度与作业调度的不同点
（1）作业调度是宏观调度，它决定了哪一个作业能进入主存。进程调度是微观调度，它决定各作业中的哪一个进程占有中央处理机（3分）
（或）作业调度是高级调度，它位于操作系统的作业管理层次。进程调度是低级调度，它位于操作系统分层结构的最内层。 （2）作业调度是选符合条件的收容态作业装入内存。进程调度是从就绪态进程中选一个占用处理机（2分）。
难度系数 B 知识点：进程、作业
5、 分析题（2小题，每小题10分，共20分）
(1)假设有4个记录A、B、C、D存放在磁盘的某个磁道上,该磁道划分为4块,每块存放一个记录,安排如下表所示:
现在要顺序处理这些记录,如果磁盘旋转速度为2Oms转一周,处理程序每读出一个记录后花5ms的时间进行处理。试问处理完这4个记录的总时间是多少?为了缩短处理时间应进行优化分布,试问应如何安排这些记录?并计算处理的总时间。
答：优化前处理总时间=(5+5)+(5*3+5+5)+(5*3+5+5)+(5*3+5+5)=85ms (4分)
优化后记录顺序为: A,C,B,D (3分)
优化后处理总时间=(20/4+5)*4+5=45ms (3分) 难度系数：B 知识点：磁盘管理
2)有5个任务A,B,C,D,E,它们几乎同时到达,预计它们的运行时间为10,6,2,4,8mn。其优先级分别为3,5,2,1和4,这里5为最高优先级。对于下列每一种调度算法,计算其平均进程周转时间(进程切换开销可不考虑)。
(1)先来先服务(按A,B,c,D,E)算法。 (2)优先级调度算法。 (3)时间片轮转算法。
答：(1)采用FCFS的调度算法时,各任务在系统中的执行情况如下表所示:
所以,进程的平均周转时间为:
T=(10+16+18+22+3O)/5=19.2 min （3分）
(2)采用优先级调度算法时,各任务在系统中的执行情况如下表所示:
所以,进程的平均周转时间为:
T=(6+14+24+26+27)/5=19.4 min （3分）
(3)采用时间片轮转算法时,假定时间片为2min,各任务的执行情况是:(A,B,C,D,E),(A,B,D,E),(A,B,E),(A,E),(A)。设A～E五个进程的周转时间依次为T1～T5,显然,
T1=3Omin, T2=22min, T3=6min,T4=16min,T5=28min 所以,进程的平均周转时间为:
T=(30+22+6+16+28)/5=20.4min （4分）
难度系数 B 知识点：作业调度
6、 设计题（1小题，共10分）
有一个理发师,一把理发椅和n把供等候理发的顾客坐的椅子。如果没有顾客,则理发师便在理发椅子上睡觉:当一个顾客到来时,必须唤醒理发师,进行理发；如果理发师正在理发时,又有顾客来到,则如果有空椅子可坐,他就坐下来等,如果没有空椅子,他就离开。为理发师和顾客各编一段程序描述他们的行为,要求不能带有竞争条件。
#define CHAIRS n/ * n为等候的顾客准备的椅子数*/ semphore customers=0; semphore barbers=O;
semaphore S=1; /*用于互斥*/ int waiting=0; （3分） void barber() { while (T) {
班级：
姓
名
P(customers); P(S);
waiting =waiting -1; V(bMbers); V(S); 理发... }（4分）
void customerO {
P(S);
if (wait<CHAIRS) {
waiting=waiting+1;
V(S);
P(barbers); 坐下等待:
else { V(S); } （3分）
难度系数 A 知识点：PV操作 GDOU-B-11-302广东海洋大学 —— 学年第 学期
《 计算机操作系统 》试题
课程号： 16232106
√ 考试
√ A卷
√ 闭卷
}
V(customers);
}
}
广东海洋大学正方教育系统【二】:广东海洋大学信号与系统课后习题答案
1-2 已知某系统的输入f( t )与输出y( t )的关系为y( t ) = | f( t )|，试判定该系统是否为线性时不变系统？
解 设T为系统的运算子，则可以表示为 y(t)?T[f(t)]?f(t)
则 T[f1(t)]?f1(t)?y1(t) T[f2(t)]?f2(t)?y2(t)
不失一般性，设f( t ) = f1( t ) + f2( t )，
故有 y(t)?T[f(t)]?f1(t)?f2(t)?f1(t)?f2(t)
即不满足可加性，为非线性系统。
T[f(t?t0)]?f(t?t0)
y(t?t0)?f(t?t0)?T[f(t?t0)] 故为时不变系统，综合起来为非线性时不变系统
1-3 判断下列方程所表示的系统的性质。
(b) y??(t)?2y?(t)?3y(t)?f?(t)?f(t?2)
(c) y??(t)?2ty?(t)?2y(t)?3f(t)
解 (b)是线性常系数微分方程，为线性时不变系统；
(c)是线性微分方程，但不是常系数，为线性时变系统。
1－7 若有线性时不变系统的方程为y?(t)?ay(t)?f(t)
若在非零f( t )作用下其响应y(t)?1?e?t，试求方程y?(t)?ay(t)?2f(t)?f?(t)的响应。
解 因为f( t ) ?y(t)?1?e?t，由线性关系，则
2f(t)?2y(t)?2(1?e?t)
由线性系统的微分特性，有 f?(t)?y?(t)?e?t
故响应 2f(t)?f?(t)?y(t)?2(1?e?t)?e?t?2?e?t
1-11 由图f(t)画出的f(2t-2)波形www.shanpow.com_广东海洋大学正方教育系统。
f(t)的(0,0)?f(2t?2)的(1,0),f(t)的(1,1)?f(2t?2)的(1.5,1)f(t)的(2,0)?f(2t?2)的(2,0)f(t)的(1,?1)?f(2t?2)的(1.5,?1),
1-15 计算下列结果
??ππ1(b)?cos(?t?)?(t)dt??cos(?)?(t)dt?0?0?332 2(c)?(t2?t)?(t?3)dt?0(t?3时?(t?3)?0)?1
1-17 计算下列各式
(a)dd?(t)d?2t(1?e?2t)?(t)??[e?(t)]??(t)??(t)?2e?2t?(t)?2e?2t?(t)dtdtdt
??????
?????? (b)?e?t[?(t)???(t)]dt??e?t?(t)dt??e?t??(t)dt?1?[?(e?t)?]t?0?1?1?2
2-3 设有二阶系统方程 y??(t)?4y?(t)?4y(t)?0在某起始状态下的0+起始值为
y(0?)?1,y?(0?)?2，试求零输入响应。
解 由特征方程 ?2 + 4? + 4 =0 得 ?1 = ?2 = ?2
则零输入响应形式为 yzi(t)?(A1?A2t)e?2t
由于 yzi( 0+ ) = A1 = 1 y’zi( 0+ )=?2A1 + A2 = 2
所以 A2 = 4
故有 yzi(t)?(1?4t)e?2t,
t?0
2-6 已知LTI系统的输入和冲激响应，求零状态响应。
f(t)?t[?(t)??(t?1)]?(2?t)[?(t?1)??(t?2)]
h(t)??(t)??(t?2)
yzs(t)?f(t)?h(t)?f(?1)(t)?h?(t)?f(?1)(t)?[?(t)??(t?2)]?f(?1)(t)?f(?1)(t?2)
此题用图形扫描法计算卷积比较方便，但图形扫描法不要求掌握，故此题不需算出最后结果。
2-13 试求下列卷积。
(a) (1?e?2t)?(t)???(t)??(t) d(b) e?3t?(t)?[e?t?(t)] dt
解 (a)因为??(t)??(t)???(t)??(t)，故
(1?e?2t)?(t)???(t)??(t)?(1?e?2t)?(t)??(t)?(1?e?2t)?(t)
(b)因为e?t?(t)??(t)，故
e?3t?(t)?d?t[e?(t)]?e?3t?(t)???(t)?[e?3t?(t)]???(t)?3e?3t?(t) dt
2-14 设有二阶系统方程y??(t)?3y?(t)?2y(t)?4??(t)，试求零状态响应。
解 因系统的特征方程为 ?2 + 3? + 2 =0 解得特征根 ?1 = ?1， ?2 = ?2
故特征函数 x2(t)?e?1t?e?2t?(e?t?e?2t)?(t)
零状态响应 y(t)?4??(t)?x2(t)?4??(t)?(e?t?e?2t)?(t)
= (8e?2t?4e?t)?(t)www.shanpow.com_广东海洋大学正方教育系统。
3-2 求题3-2图所示周期三角波信号的傅里叶系数a0,an,bn,Fn。
解 因f(t)为偶函数
1T2T2AtAa0??Tf(t)dt??dt? T?T0T2
2T8AT8Aan??Tf(t)cosn?1tdt?2?t?cosn?1tdt?2T?T0Tn?1?T0td(sinn?1t)
T
08A ?2[tsinn?1tTn?1
?T0??sinn?1tdt]?0Tcosn?1t8AT[sinn??n?1T2n2T2] 8AT4An?[(cosn??1)]??22sin2() 2n?T2?n2n?
bn?0 Fn?
an?jbnan2An????22sin2() 222n?
3-3 求下列信号的频谱函数。 (a) f(t)?e?2t
解 F(?)??f(t)e?j?tdt??e2te?j?tdt??e?2te?j?tdt?????0?0?114?? 22?j?2?j?4??
3-22 题3-22图所示(a)和(b)分别为单边带通信中幅度调制与解调系统。已知输入f(t)的频谱和频率特性H1( j? )、H2( j? )如图所示，试画出x(t)和y(t)的频谱图。
题4-8图
题3-22图
解 由调制定理知
f1(t)?f(t)cos?Ct?F1(?)?1[F(???C)?F(???C)] 2F(?)
而x(t)的频谱 X(?)?F1(?)?H1(j?)
1又因为 f2(t)?x(t)cos?Ct?F2(?)?[X(???C)?X(???C)] 2
所以 Y(?)?F2(?)?H2(j?)
它们的频谱变化分别如下图所示，设?C > ?2。
Y(?) F2(?) X(?) F1(?)
3-29 解 ?m?100?,fm?50Hz,fs?2fm?100Hz,Ts?1/fs?10ms
4-9 用部分分式法求下列象函数的拉氏反变换。
(c) F(s)?4 2s(s?2)
k1k11k124??? s(s?2)2s(s?2)2s?2解 F(s)?
故 k1?sF(s)s?0?1
k11?(s?2)2F(s)s??2?4??2 ss??2
dd4k12?[(s?2)2F(s)]?()??1 dsdsss??2s??2
1?12则 F(s)?? ?2ss?2(s?2)
所以 f(t)?(1?e?2t?2te?2t)?(t)
1F，R1 = 12?，R2 = R3 =2?。4
当t = 0时S断开，设开关断开前电路已稳定，求t ? 0后响应uC( t )。 4-18 如题4-18图所示电路，已知US = 28V，L = 4H，C =
解 初始状态在t = 0?时求得
US?2A R1?R2
USuC(0?)??R2?4V R1?R2iL(0?)?
对于图(b)S域模型，列出关于UC( s )的节点方程，即
28?81s1(??)UC(s)??1 12?4s4412?4s
解得
4(s2?5s?7)73s?8 UC(s)???s(s2?4s?4)s(s?2)2
可得 uC(t)?7?2(t?1.5)e?2t
(t?0)
广东海洋大学正方教育系统【三】:广东海洋大学 数据库课程设计 学生成绩管理系统
本科生课程设计
课程名称
课程编号 学号 学生姓名 所在专业
所在班级 指导教师 成绩 教师签字 数据库原理及应用课程设计 J1670101 计算机科学与技术 年 月 日
课程设计时间： 年 月 日
至 年 月 日
目 录
一、设计总说明 ................................................................................................. IV
1.1概况 ....................................................................................................... IV
1.2系统开发目的 ....................................................................................... IV
1.3开发内容 ............................................................................................... IV
1.4开发要求 ............................................................................................... IV
1.5开发环境及工具 .................................................................................... V
二、需求分析 ...................................................................................................... V
2.1系统背景分析 ........................................................................................ V
2.2需求介绍 ................................................................................................ V
三、概念结构设计 ............................................................................................. VI
3.1系统功能模块设计图 ........................................................................... VI
3.2系统E-R图 .......................................................................................... VI
四、逻辑结构设计 ............................................................................................ VII
五、物理结构设计 .......................................................................................... VIII
5.1数据库创建 ........................................................................................ VIII
六、系统实现 .................................................................................................. XIV
6.1登陆界面 ............................................................................................ XIV
6.2管理员主界面 ..................................................................................... XV
六、 优缺点及自我评价 ................................................................................ XIX
八、参考文献 ................................................................................................... XX
九、代码（附录） ....................................................................................... XXIV
一、设计总说明
1.1概况
名称：学生成绩管理系统
用途：学校等机构
功能：实现对学生信息、成绩的管理
1.2系统开发目的
1) 掌握利用C# 开发工具进行可视化程序设计的基本过程。
2) 理解C#应用程序的事件驱动机制，掌握利用C#开发工具编写程序代码的方法，能
熟练利用C#语法规则进行算法设计和代码编写。
3) 掌握利用ADO.NET对象进行数据库应用程序设计的基本方法。
4) 掌握SQL数据库数据表设计以及SQL语句的书写和c#中的调用方法。 通过掌握以上的知识同时提高自己的实践动手能力。
1.3开发内容
通过调查分析得到学生成绩管理系统的系统需求，从而设计出系统的概念模型、逻辑模型、物理模型，通过SQL2005和vs2010的操作平台完成和实现相应的要求，再而进行不断的调试和测试完善系统的漏洞。
1.4开发要求
? 学生各种信息的输入，包括学生的基本信息、成绩信息、课程信息等。 ? 学生各种信息的修改；
? 实现基本信息、成绩信息、课程信息的删除；
? 按照一定的条件，查询、统计符合条件的学生信息；能够实现多种查询方式，并且
可以进行简单的学生信息统计；
? 实现基本信息、成绩信息、课程信息的导入导出等等；
1.5开发环境及工具
系统前台开发软件：Microsoft公司的Visual Studio 2008
系统后台管理软件：SQL Server Management Studio 2005
系统开发语言：C#
二、需求分析
2.1系统背景分析
随着电脑的普及，信息量的增大，现在几乎每个学校乃至每个教育机构也顺应时代的发展，纷纷抛弃繁琐的人工管理学生的成绩以及学生的信息的方式，而是采用各种管理软件进行管理。采用软件系统进行管理具有处理数据速度更快、信息量更多、更加准确、更加简便等特点。所以学生成绩管理系统成为学校和其他教育机构不可或缺的管理软件。
2.2需求介绍
通过调查分析以及结合案例，系统应该达到以下的要求：
（1）系统用户应包括两个层次：管理员和学生，管理员进行所有的操作，而学生只能够进行查询个人成绩信息、查询个人信息和修改密码。
（2）能够实现学生基本信息的录入、修改、删除。
（3）能够实现课程信息的录入、修改、删除。
（4）能够实现成绩信息的录入、修改、删除。
（5）具有丰富的查询功能，能对学生信息、课程信息、成绩信息等进行查询
（6）系统运行稳定，安全可靠。
（7）用户界面设计美观、友好，使用操作便捷。
广东海洋大学正方教育系统【四】:广东海洋大学本科生毕业论文设计撰写规范校教务2007年122号
广东海洋大学本科生毕业论文（设计）撰写规范
校教务〔2007〕122号
毕业论文（设计）是学生在校期间的一个重要学习环节，它一方面是学生学习、研究及实践成果的全面总结，另一方面是对学生素质与能力的一次全面检验。为了保证我校本科生毕业论文（设计）质量，使学生掌握科研论文（设计）的撰写规范，特制定本规范。
一、毕业论文（设计）的内容与要求
毕业论文（设计）须包括以下几方面内容：
（一）标题
标题应该简短、明确、有概括性。标题字数要适当，不宜超过30个字，如果有些细节必须放进标题，可以分成主标题和副标题。
（二）目录
目录按四级标题编写（即：1??、1.1??、1.1.1??、1.1.1.1??），要求标题层次清晰。目录中的标题应与正文中的标题一致。
（三）论文摘要及关键词（设计总说明）
论文摘要以浓缩的形式概括研究课题的内容，摘要在200字左右为宜，英文摘要应注意英文的转行规则。
摘要既要相对独立又要表达明确，一般采用第三人称表达句，如“本研究认为”，而不用“我认为”等。摘要中不要含图表、非公用的符号。
关键词是反映论文主题内容的名词，选用3～5个，每个关键词之间用“；”隔开，排在摘要下方。英文关键词为中文关键词的英文译文。
设计总说明主要介绍设计任务来源、设计标准、设计原则及主要技术资料，中文字数要在1500～2000字以内，外文字数以1000个左右实词为宜。
（四）正文
毕业论文（设计）正文包括署名（包括学号）及单位[院（系）、班级]、绪论、正文主体与结论，其内容分别如下：
论文署名是作者文责自负的表示和拥有版权的声明。单位应采用全称和正式名称。
绪论应说明本课题的意义、目的、研究范围及要达到的技术要求；简述本课题在国内外的发展概况及存在的问题；说明本课题的指导思想；阐述本课题应解决的主要问题，在文字量上要比摘要多。
正文主体是对研究工作的详细表述，其内容包括：问题的提出，研究工作的基本前提、假设和条件；模型的建立或实验方案的拟定；基本概念和理论基础；设计计算的主要方法和内容；实验方法、内容及其分析；理论论证，理论在课题中的应用，课题得出的结果，以及对结果的讨论等等。学生根据毕业论文（设计）课题的性质，一般仅涉及上述一部分内容。
结论是对整个研究工作进行归纳和综合而得出的总结，是论文正文的精华，概括了研究的主要成果，能使读者对研究发现有简明而全面的了解。结论要写得扼要明确，精练完整，准确恰当，不可含糊其词，模棱两可，应具有简洁性、客观性和概括性。结论不宜做绝对和扩大的推论，要将结论限制在研究结果允许扩展的范围之内，要提炼和概括研究结果的理论价值和实际价值，而不能在结论中简单地重复主要研究结果。
结论在写作格式上，每一项内容可以分条标出序号，也可以每条单独成段，由一句话或者几句话组成。结论以文字表达为主，可包括必要的数据，但不含图表。
（五）鸣谢
鸣谢应以简短的文字对在课题研究和论文撰写过程中曾直接给予帮助却未能在作者名单上列出的组织或者个人（例如指导教师、答疑教师及其他人员）表示自己的谢意。这既是一种礼貌，也是对他人劳动的尊重，是治学者应有的作风。
（六）参考文献与附录
参考文献是毕业论文（设计）不可缺少的组成部分，它反映毕业论文（设计）的取材来源、材料的广博程度和可靠程度，也是作者对他人知识成果的承认和尊重。一份完整的参考文献可向读者提供一份有价值的信息资料。参考文献应按取材的重要程度依次列出。
对于一些不宜放在正文中、但有参考价值的内容，可编入毕业论文（设计）的附录中，例如公式的推演、编写的程序等；如果文章中引用的符号较多时，为便于读者查阅，可以编写一个符号说明，注明符号代表的意义。一般附录的篇幅不宜过大，以不超过正文为限。
二、各类毕业论文（设计）的要求
